SFINAE 在返回类型中工作，但不作为模板参数[重复]

我已经使用过 SFINAE 习语很多次了，而且我习惯了把我的std::enable_if<>在模板参数中而不是在返回类型中。然而，我遇到了一些微不足道的情况，它不起作用，我不知道为什么。首先，这是我的主要内容：

int main()
{
    foo(5);
    foo(3.4);
}

这是一个实现foo触发错误：

template<typename T,
         typename = typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type>
auto foo(T)
    -> void
{
    std::cout << "I'm an integer!\n";
}

template<typename T,
         typename = typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value>::type>
auto foo(T)
    -> void
{
    std::cout << "I'm a floating point number!\n";
}

这是一段据称等效的代码，可以正常工作：

template<typename T>
auto foo(T)
    -> typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type
{
    std::cout << "I'm an integrer!\n";
}

template<typename T>
auto foo(T)
    -> typename std::enable_if<std::is_floating_point<T>::value>::type
{
    std::cout << "I'm a floating point number!\n";
}

我的问题是：为什么第一次执行foo触发该错误而第二个错误不触发它？

main.cpp:14:6: error: redefinition of 'template<class T, class> void foo(T)'
 auto foo(T)
      ^
main.cpp:6:6: note: 'template<class T, class> void foo(T)' previously declared here
 auto foo(T)
      ^
main.cpp: In function 'int main()':
main.cpp:23:12: error: no matching function for call to 'foo(double)'
     foo(3.4);
            ^
main.cpp:6:6: note: candidate: template<class T, class> void foo(T)
 auto foo(T)
      ^
main.cpp:6:6: note:   template argument deduction/substitution failed:
main.cpp:5:10: error: no type named 'type' in 'struct std::enable_if<false, void>'
          typename = typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type>
          ^

EDIT :

工作代码 http://coliru.stacked-crooked.com/a/69673770917ff0e6 and 有错误的代码 http://coliru.stacked-crooked.com/a/e43f8c05fecb9b50.

你应该看看14.5.6.1 Function template overloading（C++11 标准）其中定义了函数模板等效性。简而言之，不考虑默认模板参数，因此在第一种情况下，您定义了两次相同的函数模板。在第二种情况下，您有引用返回类型中使用的模板参数的表达式（再次参见 14.5.6.1/4）。由于此表达式是签名的一部分，因此您将获得两个不同的函数模板声明，因此 SFINAE 有机会工作。