我在管理在 JS 上向我自己的服务器发出的简单 XMLHttpRequest 的答案时遇到了一些麻烦。我有一些令人不安的答案,这是我的代码:
JavaScript:
function callPHP () {
var xml = new XMLHttpRequest();
xml.open("POST", "http://localhost/ajaxTest", false);
xml.setRequestHeader("Content-type", "application/x-www-form-urlencoded");
xml.send("format=json");
var resp = xml.responseText;
console.log(resp);
}
And PHP:
<?php
if (isset($_POST["format"])){
if($_POST["format"] == "json"){
echo '
{
"name": "Name",
"lastName": "LastName",
"dob" : "dd/mm/yyyy",
}
';
}
}else{
print_r($_POST);
echo "Error";
http_response_code(400);
}
?>
每当我执行 JS 时,即使已根据请求发送了“format=json”数据,我也会收到 PHP 代码的错误部分。但是,如果我将异步更改为 true,我会收到 400 Bad Request 的 GET 错误(在 Chrome 的控制台中),但不会执行 PHP 的回显。
我知道我必须检查 xmlhttprequest 状态和响应代码才能进行异步,我直接在控制台上测试它。
我不知道我在这里做错了什么,POST 数据应该被发送,并且与异步与否无关,对吗?
谢谢你们!
看起来你的 javascript 函数的结构不正确。您应该在发送请求之前设置一个侦听器。在你的代码中也许是这样的:-
var xml = new XMLHttpRequest();
xml.onreadystatechange = function() {
if( xml.readyState==4 && xml.status==200 ){
console.log( xml.responseText );
}
};
xml.open("POST", "http://localhost/ajaxTest", false);
xml.setRequestHeader("Content-type", "application/x-www-form-urlencoded");
xml.send("format=json");
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