隐藏函数模板，声明专业化

这是后续C++ 模板：防止基础模板的实例化

我使用模板来实现函数重载，而无需进行隐式类型转换的混乱：declare函数模板，定义所需的专业化（重载）。一切都很好，除了错误的代码在链接阶段之前不会产生错误：

lib.hpp:

template<class T> T f(T v);

lib.cpp:

#include "lib.hpp"

template<> long f(long v) { return -v; }
template<> bool f(bool v) { return !v; }

主要.cpp：

#include <iostream>
#include "lib.hpp"

int main()
{
    std::cout
        << f(123L) << ", "
        << f(true) << ", "
        << f(234) << "\n"
    ;
}

海湾合作委员会输出：

c++ -O2 -pipe -c main.cpp
c++ -O2 -pipe -c lib.cpp
c++ main.o lib.o -o main
main.o(.text+0x94): In function `main':
: undefined reference to `int get<int>(int)'

我想让它在编译 main.cpp 期间失败。我可以以某种方式声明仅实际实现的专业化吗？

我有什么选择？目标是C++03，我主要对gcc-4.x和VC9感兴趣。

即使您不将其放入单独的文件中，它似乎也会产生链接器错误。

但是，要为其他实例产生编译器错误，请实现该函数并使用编译时断言，例如

#include <boost/static_assert.hpp>

template <class T> T f(T)
{
    //assert some type-dependent "always-false" condition,
    //so it won't be triggered unless this function is instantiated
    BOOST_STATIC_ASSERT(sizeof(T) == 0 && "Only long or bool are available");
}

template<> long f(long v) { return -v; }
template<> bool f(bool v) { return !v; }

int main()
{
    //f(100);
    f(100L);
    f(false);
}

对于一般信息，C++0x 有一种更优雅的方式来处理它：

template <class T> T f(T) = delete;

template<> long f(long v) { return -v; }
template<> bool f(bool v) { return !v; }