Description
初始序列只有
n
n
一个元素,每次操作会把序列中每个大于1的元素
x
x
变成⌊x2⌋,x%2,⌊x2⌋,直至序列所有数字变成
0
0
或1为止,问操作结束后序列第
l
l
个元素到第r个元素之间有多少
1
1
Input
三个整数n,l,r,保证
r
r
不超过序列长度(0≤n<250,0≤r−l≤105,r,l≥1)
Output
输出操作结束后序列第
l
l
个元素到第r个元素之间有多少
1
1
Sample Input
7 2 5
Sample Output
4
Solution
对于一个元素x,假设
2n≤x<2n+1
2
n
≤
x
<
2
n
+
1
,那么需要
n
n
次操作才能把x变成若干
0
0
和1,简单计算得
x
x
会变成一个长度为2n+1−1的
01
01
序列,且其中共
x
x
个1(数学归纳法即可),进而可以递归解决该问题,假设当前在统计
x
x
所形成的区间[L,R]的贡献(答案即求
n
n
所形成的整个区间的贡献),如果该区间被查询区间包含则贡献即为x,如果该区间与查询区间不相交则贡献为
0
0
,否则把该区间按操作要求分成左中右三块,令mid为区间中点,则左半部分为由
⌊x2⌋
⌊
x
2
⌋
形成的区间
[L,mid−1]
[
L
,
m
i
d
−
1
]
的贡献,右半部分为由
⌊x2⌋
⌊
x
2
⌋
形成的区间
[mid+1,R]
[
m
i
d
+
1
,
R
]
的贡献,中间为
x%2
x
%
2
对答案的贡献,递归求解即可
Code
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
#include<ctime>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll deal(ll n)
{
ll t=log2(n);
return (1ll<<(t+1))-1;
}
ll Solve(ll n,ll L,ll R,ll l,ll r)
{
if(n==0)return 0;
if(l<=L&&R<=r)return n;
if(r<L||l>R)return 0;
ll mid=(L+R)/2;
return Solve(n/2,L,mid-1,l,r)+Solve(n%2,mid,mid,l,r)+Solve(n/2,mid+1,R,l,r);
}
int main()
{
ll n,l,r;
while(~scanf("%I64d%I64d%I64d",&n,&l,&r))
printf("%I64d\n",Solve(n,1,deal(n),l,r));
return 0;
}
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