1044.独轮车
时限:1000ms 内存限制:10000K 总时限:3000ms
描述
独轮车的轮子上有红、黄、蓝、白、绿(依顺时针序)5种颜色
在一个如下图所示的20*20的迷宫内每走一个格子,轮子上的颜色变化一次(原地转向则不变色)
独轮车只能向前推或在原地转向。每走一格或原地转向90度均消耗一个单位时间。
现给定一个起点(S)和一个终点(T),求独轮车以轮子上的指定颜色(未指定车头朝向)到达终点所需的最短时间。
输入
本题包含一个测例。
测例中分别用一个大写字母表示方向和轮子的颜色,其对应关系为:E-东、S-南、W-西、N-北;R-红、Y-黄、B-蓝、W-白、G-绿。
在测试数据的第一行有以空格分隔的两个整数和两个大写字母,分别表示起点的坐标S(x,y)、轮子的颜色和开始的方向,
第二行有以空格分隔的两个整数和一个大写字母,表示终点的坐标T(x,y)和到达终点时轮子的颜色(不指定结束时方向),
从第三行开始的20行每行内包含20个字符,表示迷宫的状态。其中'X'表示建筑物,'.'表示路.
输出
在单独的一行内输出一个整数,即满足题目要求的最短时间。
第二版代码:
#include <iostream>
#include <queue>
using namespace std;
//注:题中坐标从【1,1】开始
//但本代码中坐标从【0,0】开始
//因此对sx,sy,tx,ty都做了-1处理
/*****数据输入所需变量*****/
int sx,sy;
char sc,sd;
int tx,ty;
char tc;
char maze[20][20];
/***************************/
/******广搜所用数据结构********/
struct node
{
int x;
int y;
int color; //颜色,0-R-红,1-Y-黄,2-B-蓝,3-W-白,4-G-绿
int dire; //方向:0-E-东,1-S-南,2-W-西,3-N-北
};
node start,target;
queue <node> q1;
int used[20][20][5][4];
int time[20][20][5][4];
int walk[4][2]= //向前走一格的坐标变化
{
0, +1, //0-E-东
+1, 0, //1-S-南
0, -1, //2-W-西
-1, 0 //3-N-北
};
/******************************/
/******函数声明********/
//输入数据函数
void input();
//初始化函数
void init();
//将代表颜色的字母转化为数字
int colorToInt(char c);
//将代表方向的字母转化为数字
int direToInt(char d);
//算法执行函数
int bfs();
//返回移动后的新节点(不保证有效)
node moveto(node now, int i);
//判断节点有效性
bool effective(node next);
//判断是否到达目标节点
bool isTarget(node next);
/***********************/
int main()
{
input();
init();
cout<<bfs()<<endl;
return 0;
}
//输入数据函数
void input()
{
cin>>sx>>sy>>sc>>sd;
cin.get();
cin>>tx>>ty>>tc;
cin.get(); //吃掉回车
for(int i=0; i<20; i++)
{
for(int j=0; j<20; j++)
{
maze[i][j]=cin.get();
}
cin.get(); //吃掉回车
}
}
//初始化函数
//因本题只有一个判例,而且本人巨懒
//故不初始化队列、判重数组、步数数组
void init()
{
//设置初始节点
start.x=sx-1;
start.y=sy-1;
start.color=colorToInt(sc);
start.dire=direToInt(sd);
//标记初始节点并入队
used[start.x][start.y][start.color][start.dire]=1;
q1.push(start);
//设置目标节点
target.x=tx-1;
target.y=ty-1;
target.color=colorToInt(tc);
}
//将代表颜色和方向的字母转化为数字
int colorToInt(char c)
{
switch(c)
{
//关于颜色的转换
case'R':return 0;
case'Y':return 1;
case'B':return 2;
case'W':return 3;
case'G':return 4;
}
return -1;
}
//将代表方向的字母转化为数字
int direToInt(char d)
{
switch(d)
{
//关于方向的转换
case'E':return 0;
case'S':return 1;
case'W':return 2;
case'N':return 3;
}
return -1;
}
//算法执行函数
int bfs()
{
node now,next;
while(!q1.empty())
{
now=q1.front();
q1.pop();
for(int i=0; i<3; i++) //0==向前走,1==原地左转,2==原地右转
{
next=moveto(now, i); //移动后的新节点next
if(effective(next)) //若有效
{
used[next.x][next.y][next.color][next.dire]=1;
time[next.x][next.y][next.color][next.dire]=
1+time[now.x][now.y][now.color][now.dire];
if(isTarget(next)) //判断是否到达目标
{
return time[next.x][next.y][next.color][next.dire];
}
else //若未到达目标则入队
{
q1.push(next);
}
}
}
}
return -1;
}
//返回移动后的新节点(不保证有效)
node moveto(node now, int i)
{
node next;
if(i==0) //向前走一格
{
next.x=now.x+walk[now.dire][0];
next.y=now.y+walk[now.dire][1];
next.color=(now.color+1)%5;
next.dire=now.dire;
}
else //原地转向
{
next.x=now.x;
next.y=now.y;
next.color=now.color;
if(i==1) //左转
{
next.dire=(now.dire+4-1)%4;
}
else //右转
{
next.dire=(now.dire+1)%4;
}
}
return next;
}
//判断节点有效性
//无效条件:越界、撞墙、重复
bool effective(node next)
{
if(next.x>=0&&next.x<20&&next.y>=0&&next.y<20) //不越界
{
if(maze[next.x][next.y]!='X') //不撞墙
{
if(!used[next.x][next.y][next.color][next.dire]) //不重复
{
return true;
}
}
}
return false;
}
//判断是否到达目标节点
bool isTarget(node next)
{
if(next.x==target.x&&next.y==target.y&&next.color==target.color)
{
return true;
}
else
{
return false;
}
}
【10月21日后记】
1.第二次做的时候,代码写的很顺利,但是,因为,过于自负,少看了一个条件(原地转向时该死的车轮不变色啊啊啊),直接导致dubug时间成倍延长QAAAAAAAQ,下次一定要认真审题!!!
2.感觉写bfs已经形成套路了,如果看我bfs的前几篇文章里的代码就能看出来,用的数据结构,变量,函数,判断条件其实就那么几个,bfs函数里的套路都是一样的,重构后的第二版代码比第一版少了一百来行,emmmmm,现在应该不算是又臭又长的代码了叭。
3.不说了去吃饭了我好饿。
4.如果csdn里的代码也可以像在cb里那样折叠就好了,像input,init这种函数没什么看的必要,但因为出现顺序还是要放在bfs函数前面,影响关键信息阅读。
【10月7日后记】
1.第一次感觉代码写的心力交瘁……累skr人……大概也不会有人看这么又臭又长的代码叭……
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