我试图通过 SFINAE 选择一个构造函数,如下所示:
template<typename T>
class MyClass
{
public:
template<typename C, typename = std::enable_if_t<std::is_class<C>::value>>
MyClass(C) { }
template<typename C, typename = std::enable_if_t<std::is_pointer<C>::value>>
MyClass(C) { }
};
但编译器抱怨以下错误:
错误 C2535:“MyClass::MyClass(C)”:成员函数已定义或声明
甚至没有实例化构造函数。
我制定了一个有效但丑陋的解决方案,由于额外未使用的参数,我不想使用该解决方案:
template<typename T>
class MyWorkingClass
{
public:
template<typename C>
MyWorkingClass(C, std::enable_if_t<std::is_class<C>::value>* = nullptr) { }
template<typename C>
MyWorkingClass(C, std::enable_if_t<std::is_pointer<C>::value>* = nullptr) { }
};
这里给出了一个简短的用法示例:
void* ptr = nullptr;
MyClass<int> mc1(ptr);
std::vector<int> vec;
MyClass<int> mc2(vec);
// Shall raise an error
// MyClass<int> mc2(0);
特点std::is_pointer
and std::is_class
这只是一个例子,原来的特征更复杂。
有没有办法通过 SFINAE 选择构造函数而不向构造函数添加另一个参数(可能非常接近第一种方法)?
问题在于参数的默认值不是模板方法签名的一部分。所以你有两个template<class C,class>ctor(c)
相同的演员。
template<class T>
struct MyClass {
template<class C,
std::enable_if_t<std::is_class<C>{}>* =nullptr
>
MyClass(C) { }
template<class C,
std::enable_if_t<std::is_pointer<C>{}>* =nullptr
>
MyClass(C) { }
};
这里我们使用依赖类型的模板值参数。它们永远不会冲突,因为指针模板参数的类型取决于类型参数。
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