文章目录
- A-TT的神秘任务1
- 题目:
- Input:
- Output:
- Example:
- Input:
- Output:
- 题目分析:
- 代码:
- B-TT的神秘任务2
- 题目:
- Input:
- Output:
- Example:
- Input:
- Output:
- 题目分析:
- 代码:
- C-TT的奖励
- 题目:
- Input:
- Output:
- Sample Input:
- Sample Output:
- 题目分析:
- 代码:
A-TT的神秘任务1
题目:
这一天,TT 遇到了一个神秘人。
神秘人给了两个数字,分别表示 n 和 k,并要求 TT 给出 k 个奇偶性相同的正整数,使得其和等于 n。例如 n = 10,k = 3,答案可以为 [4 2 4]。
TT 觉得这个任务太简单了,不愿意做,你能帮他完成吗?
本题是SPJ。
Input:
第一行一个整数 T,表示数据组数,不超过 1000。
之后 T 行,每一行给出两个正整数,分别表示 n(1 ≤ n ≤ 1e9)、k(1 ≤ k ≤ 100)。
Output:
如果存在这样 k 个数字,则第一行输出 “YES”,第二行输出 k 个数字。
如果不存在,则输出 “NO”。
Example:
Input:
8
10 3
100 4
8 7
97 2
8 8
3 10
5 3
1000000000 9
Output:
YES
4 2 4
YES
55 5 5 35
NO
NO
YES
1 1 1 1 1 1 1 1
NO
YES
3 1 1
YES
111111110 111111110 111111110 111111110 111111110 111111110 111111110 111111110 111111120
题目分析:
本题的题意简述为要判断能否找到 k 个奇偶性相同的正整数,使得其和等于 n。因为对数的奇偶性有要求,所以从奇偶性出发分析。
因为该题存在多组解,所以用SPJ判定,只需要给出一组正确的解即可,所以在这里,对于全奇数序列,输出k-1个1,再输出n-(k-1);对于全偶数序列同理,只不过换成输出k-1个2首先 。
代码:
#include<iostream>
#include<stdio.h>
using namespace std;
int main()
{
int T;
cin>>T;
int n,k;
while(T--)
{
cin>>n>>k;
if(k>n)
{
cout<<"NO"<<endl;
}
else if(k==n)
{
cout<<"YES"<<endl;
for(int i=1;i<=k;i++)
{
cout<<1<<" ";
}
cout<<endl;
}
else
{
if(n%2==0)
{
if(n>=2*k)
{
cout<<"YES"<<endl;
for(int i=1;i<=k-1;i++)
{
cout<<2<<" ";
}
cout<<n-2*(k-1)<<endl;
}
else if(n<2*k)
{
if(k%2==0)
{
cout<<"YES"<<endl;
for(int i=1;i<=k-1;i++)
{
cout<<1<<" ";
}
cout<<n-(k-1)<<endl;
}
else
{
cout<<"NO"<<endl;
}
}
}
else if(n%2!=0)
{
if(k%2==0)
{
cout<<"NO"<<endl;
}
else
{
cout<<"YES"<<endl;
for(int i=1;i<=k-1;i++)
{
cout<<1<<" ";
}
cout<<n-(k-1)<<endl;
}
}
}
}
return 0;
}
B-TT的神秘任务2
题目:
在你们的帮助下,TT 轻松地完成了上一个神秘任务。
但是令人没有想到的是,几天后,TT 再次遇到了那个神秘人。而这一次,神秘人决定加大难度,并许诺 TT,如果能够完成便给他一个奖励。任务依旧只给了两个数字,分别表示 n 和 k,不过这一次是要求 TT 给出无法被 n 整除的第 k 大的正整数。例如 n = 3,k = 7,则前 7 个无法被 n 整除的正整数为 [1 2 4 5 7 8 10],答案为 10。
好奇的 TT 想要知道奖励究竟是什么,你能帮帮他吗?
Input:
第一行一个整数 T,表示数据组数,不超过 1000。
之后 T 行,每一行给出两个正整数,分别表示 n(2 ≤ n ≤ 1e9)、k(1 ≤ k ≤ 1e9)。
Output:
对于每一组数据,输出无法被 n 整除的第 k 大的正整数。
Example:
Input:
6
3 7
4 12
2 1000000000
7 97
1000000000 1000000000
2 1
Output:
10
15
1999999999
113
1000000001
1
题目分析:
- 该题题意简述为找出无法被 n 整除的第 k大的正整数,那么就说明需要从1开始的正整数序列中依次去掉n的一倍,2倍.,3倍…的数直到去掉数之后的数的个数达到k。
- 那么先找到应该减到几倍数为止,减掉相应的倍数应该是k/(n-1)。然后再计算对应的未去掉数的位置(即满足题意的数的大小)(这个举个实例画一画应该就懂了)
例如:3 7
x=7/(3-1)=3
y=7%(3-1)=1
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案就是10。
代码:
#include<iostream>
#include<stdio.h>
using namespace std;
int main()
{
int T;
cin>>T;
int n,k;
while(T--)
{
cin>>n>>k;
int x=k/(n-1);
int y=k%(n-1);
if(y==0)
{
cout<<x*n-1+y<<endl;
}
else
{
cout<<x*n+y<<endl;
}
}
return 0;
}
C-TT的奖励
题目:
在大家不辞辛劳的帮助下,TT 顺利地完成了所有的神秘任务。
神秘人很高兴,决定给 TT 一个奖励,即白日做梦之捡猫咪游戏。
捡猫咪游戏是这样的,猫咪从天上往下掉,且只会掉在 [0, 10] 范围内,具体的坐标范围如下图所示。
TT 初始站在位置五上,且每秒只能在移动不超过一米的范围内接住掉落的猫咪,如果没有接住,猫咪就会跑掉。例如,在刚开始的一秒内,TT 只能接到四、五、六这三个位置其中一个位置的猫咪。
喜爱猫咪的 TT 想要接住尽可能多的猫咪,你能帮帮他吗?
Input:
多组样例。每组样例输入一个 m (0 < m < 100000),表示有 m 只猫咪。
在接下来的 m 行中,每行有两个整数 a b (0 < b < 100000),表示在第 b 秒的时候有一只猫咪掉落在 a 点上。
注意,同一个点上同一秒可能掉落多只猫咪。m = 0 时输入结束。
Output:
输出一个整数 x,表示 TT 可能接住的最多的猫咪数。
Sample Input:
6
5 1
4 1
6 1
7 2
7 2
8 3
0
Sample Output:
4
题目分析:
- 要求出最多的能接到的猫咪数,因为在每个位置,其下一个位置的选择都有三种,左边位置,右边位置或者不动,所以利用动态规划的思想来解决。
- dp[i][j]表示i秒位置j猫咪数,(因为同一个点上同一秒可能掉落多只猫咪,所以存储的时候dp[b][a]++)转移方程为 dp[i][j] +=max(dp[i+1][j],max(dp[i+1][j-1],dp[i+1][j+1])) ;从最后一秒时间开始,往前进行回溯,每一秒的位置都可能是0-10中的其中一个,他影响下一轮的左中右三个位置,即每一秒都应该选择它的下一秒的左中右中的最大值的位置。因为初始位置为5,初始时间为0秒,所以最终输出dp[0][5]即为答案。
代码:
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn=1e5+5;
int dp[maxn][12];
int main()
{
int m;
int a,b;
while(scanf("%d",&m)!=EOF)
{
if(m==0)
{
break;
}
memset(dp,0,sizeof(dp));
int maxtime=0;
for(int i=0;i<m;i++)
{
scanf("%d%d",&a,&b);
dp[b][a]++;
maxtime=max(maxtime,b);
}
for(int i=maxtime;i>=0;i--)
{
for(int j=0;j<=10;j++)
{
dp[i][j] += max(dp[i+1][j],max(dp[i+1][j-1],dp[i+1][j+1]));
}
}
printf("%d\n",dp[0][5]);
}
return 0;
}
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